2021“安恒·泰山杯”山东省网络安全大赛测试赛部分题目wp
线上测试赛，两个多小时8道题做出来5道，感觉自己还是太菜，简单记录一下。能down下来的东西都在最后百度云链接里。
web1 adminlogin
扫描得到admin.php
得到登录页面，根据提示flag在数据库里，推测是sql注入。
试了一下substr、database等等能过滤的都过滤了，有点烦，想留到最后做结果也没来得及做。
web2 ezphp
源代码：
<!DOCTYPE html>
<html lang="en">
<head>
<meta charset="UTF-8">
<title>Welcome</title>
</head>
<body >
</div>
<h1 style="text-align: center">Where is flag?</h1>
<!--
foreach ($_POST as $item => $value){
$$item=$$value;
$secret = $$item;
}
foreach ($_GET as $key => $value){
if ($key=='flag'){
$str=$value;
$$str=$secret;
}
}
if (isset($hehe)){
echo "<center>".$hehe."</center>";
}
//flag+flaag=DASCTF{XXXXXXX}
-->
</body>
<center>
</html>
代码审计一下，是一个变量覆盖漏洞，具体漏洞原理可参考其他大佬的博客：https://www.cnblogs.com/zzjdbk/p/12985530.html
将两部分拼一下就能得到flag。
misc1 extractall
wp来自另外一位大神：
先写一个多层zip解压脚本，并且注意到zip文件名似乎是有规律的，这里顺便把文件名也记录了一下。
import zipfile
import os
name = '[REFTQ'
s = []
while True:
s.append(name)
with zipfile.ZipFile(name + '.zip', 'r') as ziip:
ziip.extractall(pwd=name.encode())
delname = name
name = ziip.filelist[0].filename[0:6]
print(s)
os.remove(delname + '.zip')
最深处有个图片，调整图片宽高，最下面有个提示who am i。
有点熟悉，百度一下是斐波那契，想到斐波那契数列，再结合文件名的特点，写出下面的脚本。
s = ['[REFTQ', '1RGe0V', '4dHJhY', 'eht8on', '3RhbGx', '8smjtq', 'zmckit', 'fSXNfU', '9rskp5', 'a93su6', 'al0o68', 'p0l2vq', '29fRnV', 'fco9e2', '7ztjka', 'bvn8ta', 'a27s40', 'dxzk1l', 'yq6ik4', 'gec9bl', 'ufQ==]']
print(len(s))
fbnachi = list(map(int, '1、2、3、5、8、13、21'.split('、')))
res = ''
for i in fbnachi:
res += s[i-1]
print(res)
base64解密一下即得flag
DASCTF{Extractall_Is_So_Fun}
misc2 认真你就输了
附件是一个Excel文件，但是打开提示文件已经损坏，放到kali里看一下格式。
binwalk命令看到一大堆压缩包，将文件后缀改为zip，挨个翻一下文件得到flag.txt。
crypto1 rsa17
给了一段代码：
from Crypto.Util.number import *
import binascii
import gmpy2
flag = '*****************************************'
hex_flag=int(flag.encode("hex"),16)
p=getPrime(256)
q=getPrime(256)
n=p*q
e=0x3
c1=pow(hex_flag,e,n)
c2=pow(hex_flag+1,e,n)
print("n=",hex(n))
print("e=",hex(e))
print("c1=",hex(c1))
print("c2=",hex(c2))
'''
('n=', '0xb28ae8f29f8b90e8b8c5667b2b71e49929446b41f7f7a3e9e45bc52a1e8c45d59c1788be48a9c365d51feee0b2cd3295001cdad1ba5ccf808686b5ce5a269ae5L')
('e=', '0x3')
('c1=', '0x7ba5502ecbc3b15ad8c2db8f30a593eb062dde4d7dfacadf0a28291d1a576389a18dfba0607c0243f843f637449089dd2090d47ee9845d4147f02afd4d891f19L')
('c2=', '0x891ac4f663df41c1f6433ee3513d749c3ba02fe0aacd7f51d791b9bac4f7e5194bd484d78d972c344faf600f7d3aa580485774768efc47ab8ddb67eeeb330fa1L')
'''
e=3，想到关联信息攻击
写一个脚本：
#!/usr/bin/python
# -*- coding: utf-8 -*-
import gmpy2
n = 9351035609579912430580224362406913775216485260866801060250235841497131649675821473038044490729550589638048144137033269711790417615294506088800324197718757
e = 3
c1 =6475853636479050645596496086080582816789963066323389815672770714308619633711541909793891052802547415987144453383534840748034987689956953991901404774080281
c2 =7180748878269451580223627474056868509561249251375351465737365567454518806786657134253453800373864987758778056252628950652794949518011402960483137799524257
def get_m1(a, b, c1, c2, n):
a3 = pow(a, 3, n)
b3 = pow(b, 3, n)
tmp1 = ((c2 + 2*a3*c1 - b3) * b) % n
tmp2 = ((c2 - a3*c1 + 2*b3) * a) % n
tmp3 = gmpy2.invert(tmp2, n)
tmp4 = (tmp1 * tmp3) % n
return tmp4
m1 = get_m1(1, 1, c1, c2, n)
print(m1)
#m1=0b218774971804085528558358969417603446702511773250904882108354386662296629999644383681650889865769009
将十进制转化为字符串得到flag：
crypto2 移位凯撒
密文：ch\at;X[hUeQZcNU_QL^f
c的ascii码+3=f的ascii码值
h的ascii码+4=l的ascii码值
\的ascii码+5=a的ascii码值
a的ascii码+6=g的ascii码值
t的ascii码+7={的ascii码值
前面拼起来就是flag{
所以是一个变形的凯撒密码，密文和明文的差值从3开始递增
c = r"ch\at;X[hUeQZcNU_QL^f" / #这里一定要加r，不然\会被当作转义符
move = 3
flag = ""
for i in c:
flag += chr(ord(i) + move)
move += 1
print(flag)
reverse ezgo
看标题，go语言的逆向，本菜鸡暂时只学过c语言的逆向，时间有限，比赛中暂时搁置了，文件保存了，以后做出来补充。
pwn ez_rop
时间有限，比赛中暂时搁置了，文件保存了，以后做出来补充。
除了web1都能down下来，百度云链接：链接：https://pan.baidu.com/s/19bdOz9z5i3CHQLqC3P7P4g
提取码：mipu
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