问题描述

在一条笔直的公路上有n个景点，第i个景点在Ai千米处，起点在0千米处，所有景点都位于起点一侧。从起点出发，每次任选一个没有游览的景点，从当前位置出发到达那个景点游览这样进行n次，直到停在最后游览的那个景点。（最后不会回到起点。）在x千米处的点与在y千米处的点的路程为|x-y|千米。
平均的总游览路程是多少？她选择所有游览路线的概率是相等的，你可以认为这个概率等于1/n!。

输入格式

第一行一个数n，第二行n个数A1, A2 … An，如题目所述。
　　2<n<100000，1≤Ai<10^7，对于任意1≤i<n，都有Ai<A(i+1)。

输出格式

输出一行，两个数，答案的分子和分母。要求分子分母不能再约分。

样例输入

3
2 3 5

样例输出

22 3

思路分析

设两个景点ai和aj，根据排列组合，它们两个相邻访问的可能情况有2*(n-1)!种。在这些情况中，它们俩对距离的贡献为|ai - aj|×2×(n-1)!

根据题目要求，要求分子分母不能再约分，因此循环除以分子分母的最大公约数，直到最大公约数为1

代码实现

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
/*
问题描述
　　在一条笔直的公路上有n个景点，第i个景点在Ai千米处，起点在0千米处，所有景点都位于起点一侧。
	从起点出发，每次任选一个没有游览的景点，从当前位置出发到达那个景点游览
	这样进行n次，直到停在最后游览的那个景点。（最后不会回到起点。）
　　在x千米处的点与在y千米处的点的路程为|x-y|千米。
	平均的总游览路程是多少？（她选择所有游览路线的概率是相等的，你可以认为这个概率等于1/n!。）
输入格式
　　第一行一个数n，第二行n个数A1, A2 ... An，如题目所述。
　　2<n<100000，1≤Ai<10^7，对于任意1≤i<n，都有Ai<A(i+1)。
输出格式
　　输出一行，两个数，答案的分子和分母。要求分子分母不能再约分。
样例输入
3
2 3 5
样例输出
22 3
 */ 
int n, tmp;
typedef long long ll;
ll gcd(ll a, ll b)
{
	return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);	
} 
int main()
{
	scanf("%d", &n);
	vector<int> a(n);
	for (int i = 0; i < n; ++i)
	{
		scanf("%d", &tmp);
		a[i] = tmp;
	}
	/* 思路：
	 * 2 * ΣΣ|ai-aj| / n 即为所求，证明如下： 
	 * 设两个景点ai和aj，根据排列组合，它们两个相邻访问的可能情况有2*(n-1)!种 
	 * 在这些情况中，它们俩对距离的贡献为|ai - aj|*2*(n-1)!
	 * 我们算出任意两个景点相邻的贡献和，即为总的游览路程，即 ΣΣ|ai-aj|*2*(n-1)!
	 * 而分母是总的情况n！，上下约分后得到2 * ΣΣ|ai-aj| / n
	 * 即分子为 2 * ΣΣ|ai-aj|，分母为n
	 * 上下进行约分后， 即可得到最终结果 
	 */
	long long x = 0; // 分子
	
	for (int i = 0; i < n; ++i)
	{
		x += a[i];
		for (int j = i + 1; j < n; ++j)
		{
			x += 2 * (a[j] - a[i]);
		}
	}
	int res;
	long long y = n; // 分母 
	while ((res = gcd(x, y)) != 1)
	{
		x /= res;
		y /= res;
	}
	cout << x << " " << y << endl;
	return 0;	
}